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盐城市 2025 届高三物理二轮复习教程

盐城市 2025 届高三物理二轮复习教程目录专题一力与运动 .............................................................. 2 1.1 物体的平衡............................................................ 2 1.2 力与直线运动......................................................... 10 1.3 力与曲线运动......................................................... 21 1.4 万有引力与航天....................................................... 30 1.5 力与机械振动......................................................... 39 专题二能量与动量 ........................................................... 47 2.1 功、功率、动能定理................................................... 47 2.2 机械能守恒定律、功能关系和能量守恒定律及其应用....................... 55 2.3 动量定理与动量守恒定律............................................... 67 2.4 力学三大观点的综合应用............................................... 76 专题三电场与磁场 ........................................................... 86 3.1 电场与磁场基本性质................................................... 86 3.2 带电粒子在电磁场中运动的模型分析..................................... 97 3.3 带电粒子在叠加场、组合场中运动..................................... 111 专题四电路及电磁感应...................................................... 126 4.1 直流电路与交流电路（含电磁振荡） .................................... 126 4.2 法拉第电磁感应定律及其应用.......................................... 134 4.3 电磁感应中的动力学与能量问题....................................... 142 专题五光、机械振动与机械波................................................. 150 5.1 机械振动和机械波综合问题........................................... 150 5.2 简谐运动在介质中的传播问题（机械波的干涉、衍射） .................... 157 5.3 光的折射、全反射、干涉和衍射问题.................................... 164 专题六热、原子物理........................................................ 173 6.1 热学 .............................................................. 173 6.2 光电效应和能级跃迁问题............................................. 182 6.3 原子核反应与结合能问题............................................. 191 专题七实验 ............................................................... 197 7.1 力学实验 .......................................................... 197 7.2 电学实验 .......................................................... 205 7.3 热学、光学实验..................................................... 216 专题八解题方法与技巧....................................................... 224 8.1 物理模型、思维方法及物理学史........................................ 224 8.2 解题规范及物理思想.................................................. 233 专题一力与运动 1.1 物体的平衡一、学习目标 1.掌握共点力平衡问题的解题方法。 2.能用共点力的平衡条件分析生产生活实际的问题。 3.能灵活应用整体法和隔离法解决相关物理问题。二、典例精析 *例 1.悬吊重物的细绳 AO 其 O 点被另一细绳 BO 牵引，系统静止时，细绳AO 、BO 与竖直方向的夹角分别为 α、β,且 α<β,如图所示。则下列关于绳 AO 和 BO 的张力大小 TA、 TB 的比较或描述正确的是( ) A ．TA=TB B ．TA<TB C ．TA>TB D ．因 α、β 未知，无法比较 TA 、TB 的大小 *例 2.如图所示，两轻质小环 a、b 套在水平杆上，两根等长细线悬挂一重物处于静止状态。现保持环 a 的位置不变，将环 b 往左侧移动一小段距离，a 、b 仍处于静止状态。则环 a 受到杆的 ( ) A.支持力不变 B.支持力变小 C.摩擦力不变 D.摩擦力变大 **例3.某同学宿舍的门口挂着若干串连珠，每一串都是由 10 颗完全相同的小珠组成，相邻的小珠之间用等长的轻质细线连接，一阵风吹来，假设每个小珠受到水平向右且大小相等的恒定风力，则稳定时连珠在空中的排列位置最接近的是( ) A． B． C． D． **例 4.质量为 M 的凹槽静止在水平地面上，内壁为半圆柱面，截面如图所示，A 为半圆的最低点，B 为半圆水平直径的端点，凹槽恰好与竖直墙面接触，内有一质量为m 的小滑块，用推力 F 推动小滑块由A 点向 B 点缓慢移动，力 F 的方向始终沿圆弧的切线方向，在此过程中所有摩擦均可忽略，下列说法正确的是( ) A ．凹槽对滑块的支持力先减小后增大 B ．推力 F 逐渐增大 C ．竖直墙壁对凹槽的弹力先减小后增大 D ．水平地面对凹槽的支持力不变 **例 5 如图所示，倾角为 θ = 30°的斜面体 c 固定在水平地面上，质量 mb = 5 kg 的小物块 b 放在斜面上并通过绝缘细绳跨过光滑定滑轮与通电直导线 a 相连，滑轮左侧细绳与斜面平行，通电直导线处于竖直向上的磁场中，通电直导线的质量 ma = 2 kg。现将滑轮右侧磁场的磁感应强度 B 缓慢增大（通电直导线所受磁场力的方向始终水平向右），直到滑轮右侧的细绳与竖直方向的夹角为 60°时 b 恰好没滑动。在此过程中b 始终处于静止状态，已知最大静摩擦力等于滑动摩擦力，g 取 10 m/s2，求物块 b 与斜面体 c 间的动摩擦因数。三、重点难点 1.研究对象研究对象的选取：①整体法与隔离法(如图甲)；②转换研究对象法(如图乙)． 2.受力分析根据下列顺序进行受力分析并作出受力示意图,并结合研究对象的运动状态检验受力分析的合理性，共点力平衡状态可包括：静止状态、匀速直线运动或者缓慢移动状态。弹力摩擦力场力已知力重力场电场磁场 3.分析方法合成法、作用效果分解法、正交分解法。 4.动态平衡解析法、图解法、相似三角形法。四、达标检测 *1.如图所示，用一根长为 l 的细绳一端固定在 O 点，另一端悬挂质量为m 的小球 A，为使细绳与竖直方向成 30°角且绷紧，小球 A 处于静止状态，对小球 A 施加的最小的力是 ( ) A ． mg B ． mg C ． mg D ． mg *2.如图所示，弹簧秤、绳和滑轮的重力不计，摩擦力不计，物体重量都是 G。在甲、乙、丙三种情况下，弹簧的读数分别是 F1 、F2 、F3，则( ) A．F3>F1=F2 B．F3=F1>F2 C．F1=F2=F3 D．F1>F2=F3 **3.如图所示，市面上有一种折叠笔记本电脑支架，可以实现从18 到35 的 5 挡调节，角度增加挡位增加。若笔记本电脑静止在支架的水平面板上，没有与面板底端接触，下列说法正确的是( ) A ．挡位选择越高，笔记本电脑所受支持力越大 B ．挡位选择越高，笔记本电脑所受摩擦力越大 C ．挡位选择越高，支架对桌面的压力越大 D ．挡位选择越高，支架对桌面的摩擦力越大 **4.如图所示，一根不可伸长的轻绳穿过轻滑轮，两端系在高度相等的 A 、B 两点，滑轮下挂一物体，不计轻绳和轻滑轮之间的摩擦，保持A 固定不动，让 B 缓慢向右移动，则下列说法正确的是( ) A ．随着 B 向右缓慢移动，绳子的张力减小 B ．随着 B 向右缓慢移动，绳子的张力不变 C ．随着 B 向右缓慢移动，滑轮受绳 AB 的合力变大 D ．随着 B 向右缓慢移动，滑轮受绳 AB 的合力不变 **5.用三根细线a、b、c 将重力为2G 的小球 1 和重力为 G 的小球 2 连接并悬挂，如图所示。两小球处于静止状态，细线 a 与竖直方向的夹角为30。，细线 c 水平。求：（1）细线 a 、c 的张力大小Fa 、Fc ；（2）细线 b 的张力大小Fb 以及细线 b 与竖直方向的夹角θ 。五、知识整理（思维导图，供老师参考） 1.1 参考答案【典例精析】 *例 1. C 【详解】对结点 O 根据平衡条件水平方向有 TA sinα = TB sin β 由α < β 得 TA > TB 故选 C。 *例 2．A 【详解】根据题意，设每根细线的拉力为 F，细线与竖直方向的夹角为 θ, 由平衡条件有 2Fcos θ=mg，解得F=，设杆对小环 a 的支持力为 FN，摩擦力为 Ff，对小环 a 受力分析，由平衡条件有 Ff=Fsin θ= ，FN=Fcos θ=，将环 b 往左侧移动一小段距离，θ 减小，可知 Ff 变小，FN 不变。故选 A **例 3．C 【详解】对最下方小灯笼受力分析可知，小灯笼受到重力、风力，绳子拉力的作用，根据平衡条件有 T12 = G2 + F2 设绳子与竖直方向的夹角为θ1 ，有对最下方的两个小灯笼受力分析有 T22 = (2G)2 + (2F)2 设绳子与竖直方向的夹角为θ2 ，有同理可知对最下方 n 个小灯笼受力分析有 Tn2 = (nG)2 + (nF)2 设绳子与竖直方向的夹角为θn ，有可得绳子与竖直方向的夹角都相等。故选 C。 **例 4．B 【详解】A ．如图，m 受力如图设 F 与水平面的夹角为 θ,由平衡得 N = mg cosθ 随 θ 增加，N 在逐渐减小，故 A 错误； B ．对 m 由平衡得 F = mg sinθ 随 θ 增加，F 逐渐增加，故 B 正确； C ．对 mM 整体，由平衡知识得，水平方向上，竖直墙壁对整体的弹力 N' = Fcosθ = mg sinθcosθ = mg sin 2θ 故竖直墙壁对整体的弹力先增加后减小，故 C 错误； D ．对 mM 整体，竖直方向上，由平衡可得 FN + F sinθ = mg 随 θ 增加，FN 逐渐减小，故 D 错误。故选 B。 **例 5．9． 5 【详解】根据题意，由左手定则知 a 受到安培力的方向水平向右，受力分析如图所示对 a 分析有 F合 = mag 对 b 分析有 mbg sinθ = 25N 分析可知摩擦力方向沿斜面向下，由平衡状态有 μmbgcosθ+ mbg sinθ = T 联立解得故选 D。【达标检测】 *1 ．C 【详解】以小球为研究对象，分析受力，如图所示拉力 T 的方向不变，根据平行边形定则可知，当小球施加的力 F 与细绳垂直时，所用的力最小，根据平衡条件得故选 C。 *2 ．B 【详解】甲图，物体静止，根据平衡条件可得 F1 = G 乙图，对物体受力分析如图所示根据平衡条件有丙图，以动滑轮为研究对象，如图所示由几何知识得 F3 = G 所以 F3 = F1 > F2 故选 B。 **3 ．B 【详解】AB ．令倾角为θ ,电脑质量为 m，对电脑进行分析，根据平衡条件有 f = mg sinθ , N = mg cosθ 可知，挡位选择越高，倾角θ 越大，笔记本电脑所受支持力越小，笔记本电脑所受摩擦力越大，故 A 错误，B 正确； C ．令支架质量为 M，对支架与电脑整体分析，根据平衡条件可知，支架所受支持力与整体重力平衡，即支持力大小等于(m + M)g ，根据牛顿第三定律可知，支架对桌面的压力大小也为(m + M)g ，即挡位选择越高，支架对桌面的压力不变，故 C 错误； D ．对支架与电脑整体分析，整体相对桌面没有运动趋势，则支架对桌面的摩擦力始终为 0，故 D 错误。故选 B。 **4 ．D 【详解】AB ．同一根轻绳上弹力大小相等，令绳与竖直方向的夹角为θ ,则有 2T cosθ = mg 解得 T = mg 2 cosθ 随着 B 向右缓慢移动，夹角θ 增大，则绳子的张力增大，故 AB 错误； CD ．随着 B 向右缓慢移动，滑轮与物体处于动态平衡，所受外力的合力为 0 ，结合上述，根据平衡条件，滑轮受绳AB 的合力大小等于物体重力，方向与重力方向相反，即随着 B 向右缓慢移动，滑轮受绳AB 的合力不变，故 C 错误，D 正确。故选 D。 **5 ．（1）Fa = 2 G ，Fc = G ；（2）Fb = 2G ，θ = 60o 【详解】（1）取小球 1 和 2 为整体做受力分析，可得 Fa sin 30o= Fc Fa cos30o= 3G 联立解得 Fc = G （2）对小球 2 受力分析，根据平衡条件可得 Fb sinθ = Fc Fb cosθ = G 联立解得 Fb = 2G θ = 60o
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